Bοήθεια/Απορίες στη Φυσική Προσανατολισμού

Silent_Killer

Πολύ δραστήριο μέλος

Ο Άγγελος αυτή τη στιγμή δεν είναι συνδεδεμένος. Είναι 26 ετών, Φοιτητής και μας γράφει απο Σαλαμίνα (Αττική). Έχει γράψει 1,641 μηνύματα.
Αν έχουμε συμβολή με αρχική φάση ισχύει ο τύπος |r1-r2|=(Ν + φ0/2π)λ για τα σημεία με ενίσχυση;
 

Σημείωση: Το μήνυμα αυτό γράφτηκε 8 χρόνια πριν. Ο συντάκτης του πιθανόν να έχει αλλάξει απόψεις έκτοτε.

giwrgos1001001

Νεοφερμένος

Ο giwrgos1001001 αυτή τη στιγμή δεν είναι συνδεδεμένος. Είναι 25 ετών. Έχει γράψει 8 μηνύματα.
βοηθεια αν μπορει να μου δειξει καπως πως λυνετε γιατι δν μου βγαινει


κομματι ξυλου μαζας m=2kg αφηνετε να κινηθει κατα μηκους λειου κεκλιμενου επιπεδου γωνιας κλισης φ=30 μοιρες . Μετα χρονικο διαστημα Δτ=1 sec απο τν στιγμη που αφησαμε το ξυλο , βλημα μαζας m=0.1 kg που κινειτε προς τα πανω παραλληλα στο κεκλιμενο επιπεδο , συγκρουετε μετωπικα και σφηνωνετε στο ξυλο . Η ταχυτητα του βληματος πριν τν κρουση εχει μετρο Uo Αν το συστημα βλημα -ξυλο ανεβαινει στο κεκλιμενο επιπεδο μεχρι το σημειο απο οπου αφησαμε το ξυλο να υπολογισετε :
α) το μετρο της ταχυτητας Uo του βληματος
β)το ποσοτο επι τοις εκατο της ενεργειας που χαθηκε κατα τν κρουση¨
δινετε g=10m/s^2
 

Σημείωση: Το μήνυμα αυτό γράφτηκε 8 χρόνια πριν. Ο συντάκτης του πιθανόν να έχει αλλάξει απόψεις έκτοτε.

chester20080

Διάσημο μέλος

Ο chester20080 αυτή τη στιγμή είναι συνδεδεμένος. Είναι 26 ετών και Πτυχιούχος του τμήματος Ηλεκτρολόγων Μηχανικών & Μηχανικών Υπολογιστών ΑΠΘ. Έχει γράψει 2,268 μηνύματα.
Με μια γρήγορη ματιά και συνοπτικά:Βρίσκεις την επιτάχυνση του ξύλου,βγάζεις τις εξισώσεις κίνησης,βρίσκεις το διάστημα που θα διανύσει,την ταχύτητα για το χρόνο αυτό,εφαρμόζεις Αρχή Διατήρησης της Ορμής και Θεώρημα Μεταβολής Κινητικής Ενέργειας μέχρι την αρχική θέση.Οι απώλειες είναι κατά μέτρο η κινητική ενέργεια του συσσωματώματος αμέσως μετά την κρούση - το άθροισμα των κινητικών ενεργειών ακριβώς πριν την κρούση.Μετά το κλάσμα βγαίνει εύκολα.
 

Σημείωση: Το μήνυμα αυτό γράφτηκε 8 χρόνια πριν. Ο συντάκτης του πιθανόν να έχει αλλάξει απόψεις έκτοτε.

giwrgos1001001

Νεοφερμένος

Ο giwrgos1001001 αυτή τη στιγμή δεν είναι συνδεδεμένος. Είναι 25 ετών. Έχει γράψει 8 μηνύματα.
Δεν μου βγαίνουν τα νούμερα :/
 

Σημείωση: Το μήνυμα αυτό γράφτηκε 8 χρόνια πριν. Ο συντάκτης του πιθανόν να έχει αλλάξει απόψεις έκτοτε.

Επεξεργάστηκε από συντονιστή:

giwrgos1001001

Νεοφερμένος

Ο giwrgos1001001 αυτή τη στιγμή δεν είναι συνδεδεμένος. Είναι 25 ετών. Έχει γράψει 8 μηνύματα.
ενταξει μου βγήκαν ευχαριστώ πολύ μεγαλε

Σωμα μικρων διαστασεων ολισθαινει πανω στην τελεια λεια εξωτερικη επιφανεια ημισφαιριου ακτινας R που εχει τν βαση του πανω στο οριζοντιο επιπεδο, ξεκινωντας απο τν κορυφη του ημισφαιριου. Οταν το σωμα χασει την επαφη του με το ημισφαιριο , η γωνια που σχηματιζει η επιβατικη ακτινα με τν κατακορυφο ειναι Θ. Να αποδειξετε οτι το σημειο στο οποιο χανετε η επαφη θα απεχει απο το εδαφος h=R(1-συνθ/2)

παιδια μου βγενει h=R(1-sun8) βοήθειααααααααααα
 

Σημείωση: Το μήνυμα αυτό γράφτηκε 8 χρόνια πριν. Ο συντάκτης του πιθανόν να έχει αλλάξει απόψεις έκτοτε.

Επεξεργάστηκε από συντονιστή:

chester20080

Διάσημο μέλος

Ο chester20080 αυτή τη στιγμή είναι συνδεδεμένος. Είναι 26 ετών και Πτυχιούχος του τμήματος Ηλεκτρολόγων Μηχανικών & Μηχανικών Υπολογιστών ΑΠΘ. Έχει γράψει 2,268 μηνύματα.
Μου φαίνεται έχει ο Σαββάλας μία ίδια...Δεν μπορεί,κάπου στις πράξεις είναι το πρόβλημα...Ξανακοίτα τες.Πάρ'το από την αρχή με ψυχραιμία...
 

Σημείωση: Το μήνυμα αυτό γράφτηκε 8 χρόνια πριν. Ο συντάκτης του πιθανόν να έχει αλλάξει απόψεις έκτοτε.

giwrgos1001001

Νεοφερμένος

Ο giwrgos1001001 αυτή τη στιγμή δεν είναι συνδεδεμένος. Είναι 25 ετών. Έχει γράψει 8 μηνύματα.
για την πρωτη λες η για την δευτερη???
 

Σημείωση: Το μήνυμα αυτό γράφτηκε 8 χρόνια πριν. Ο συντάκτης του πιθανόν να έχει αλλάξει απόψεις έκτοτε.

Επεξεργάστηκε από συντονιστή:

chester20080

Διάσημο μέλος

Ο chester20080 αυτή τη στιγμή είναι συνδεδεμένος. Είναι 26 ετών και Πτυχιούχος του τμήματος Ηλεκτρολόγων Μηχανικών & Μηχανικών Υπολογιστών ΑΠΘ. Έχει γράψει 2,268 μηνύματα.
Για αυτή με το ημισφαίριο.
 

Σημείωση: Το μήνυμα αυτό γράφτηκε 8 χρόνια πριν. Ο συντάκτης του πιθανόν να έχει αλλάξει απόψεις έκτοτε.

giwrgos1001001

Νεοφερμένος

Ο giwrgos1001001 αυτή τη στιγμή δεν είναι συνδεδεμένος. Είναι 25 ετών. Έχει γράψει 8 μηνύματα.
παντος αυτη η 2ρη δν βγαινει

ακριβως την μεθοδολογια ακολουθω και δν βγαινει
 

Σημείωση: Το μήνυμα αυτό γράφτηκε 8 χρόνια πριν. Ο συντάκτης του πιθανόν να έχει αλλάξει απόψεις έκτοτε.

chester20080

Διάσημο μέλος

Ο chester20080 αυτή τη στιγμή είναι συνδεδεμένος. Είναι 26 ετών και Πτυχιούχος του τμήματος Ηλεκτρολόγων Μηχανικών & Μηχανικών Υπολογιστών ΑΠΘ. Έχει γράψει 2,268 μηνύματα.
Επειδή αυτήν τη στιγμή δε γίνεται να κάτσω να τη μελετήσω προσεκτικά,κοίτα και εδώ μήπως βγάλεις κάτι.Όμως επιμένω 100% πως είναι θέμα πράξεων...
https://www.physics.byu.edu/faculty/...on & Power/Body Sliding down a Hemisphere.htm
https://physics.stackexchange.com/questions/74609/work-energy-power-body-slides-down-a-hemisphere
 

Σημείωση: Το μήνυμα αυτό γράφτηκε 8 χρόνια πριν. Ο συντάκτης του πιθανόν να έχει αλλάξει απόψεις έκτοτε.

giwrgos1001001

Νεοφερμένος

Ο giwrgos1001001 αυτή τη στιγμή δεν είναι συνδεδεμένος. Είναι 25 ετών. Έχει γράψει 8 μηνύματα.
αυτο ακριβως βρισκω sun2/3 αλλα λεει να συνθ/2 τεσπα ευχαριστω παρα πολυ
 

Σημείωση: Το μήνυμα αυτό γράφτηκε 8 χρόνια πριν. Ο συντάκτης του πιθανόν να έχει αλλάξει απόψεις έκτοτε.

chester20080

Διάσημο μέλος

Ο chester20080 αυτή τη στιγμή είναι συνδεδεμένος. Είναι 26 ετών και Πτυχιούχος του τμήματος Ηλεκτρολόγων Μηχανικών & Μηχανικών Υπολογιστών ΑΠΘ. Έχει γράψει 2,268 μηνύματα.
Πάντως να παρατηρήσω ότι αυτός βρίσκει συνθ=2/3 το οποίο αν το βάλεις στη σχέση που σου λέει να βρεις βγαίνει 2R/3 που βγάζει και αυτός,άρα δεν έχει λάθος.Κάτι σου διαφεύγει στις πράξεις, επιμένω,αλλά τέλος πάντων...
 

Σημείωση: Το μήνυμα αυτό γράφτηκε 8 χρόνια πριν. Ο συντάκτης του πιθανόν να έχει αλλάξει απόψεις έκτοτε.

giwrgos1001001

Νεοφερμένος

Ο giwrgos1001001 αυτή τη στιγμή δεν είναι συνδεδεμένος. Είναι 25 ετών. Έχει γράψει 8 μηνύματα.
ναι τελος παντον καλο βραδυ και ευχαριστω πολυ
 

Σημείωση: Το μήνυμα αυτό γράφτηκε 8 χρόνια πριν. Ο συντάκτης του πιθανόν να έχει αλλάξει απόψεις έκτοτε.

vimaproto

Πολύ δραστήριο μέλος

Ο vimaproto αυτή τη στιγμή δεν είναι συνδεδεμένος. Είναι Απόφοιτος και μας γράφει απο Λάρισα (Λάρισα). Έχει γράψει 889 μηνύματα.
ενταξει μου βγήκαν ευχαριστώ πολύ μεγαλε

Σωμα μικρων διαστασεων ολισθαινει πανω στην τελεια λεια εξωτερικη επιφανεια ημισφαιριου ακτινας R που εχει τν βαση του πανω στο οριζοντιο επιπεδο, ξεκινωντας απο τν κορυφη του ημισφαιριου. Οταν το σωμα χασει την επαφη του με το ημισφαιριο , η γωνια που σχηματιζει η επιβατικη ακτινα με τν κατακορυφο ειναι Θ. Να αποδειξετε οτι το σημειο στο οποιο χανετε η επαφη θα απεχει απο το εδαφος h=R(1-συνθ/2)

παιδια μου βγενει h=R(1-sun8) βοήθειααααααααααα

Οπως κυλάει το σφαιρίδιο εκτελεί κυκλική κίνηση με κεντρομόλο δύναμη τη συνισταμένη του βάρους του Β1=mgημθ και της αντίδρασης Ν που δέχεται από το ημισφαίριο. (θ είναι η γωνία που σχηματίζει η επιβατική ακτίνα με την οριζόντια ακτίνα του ημισφαιρίου)
Η αντίδραση Ν>=0 και στη θέση που το σφαιρίδιο εγκαταλείψει το ημισφαίριο είναι Ν=0
Αρα mυ²/R=mgημθ - Ν και στο σημείο εγκατάλειψης mυ²/R=mgημθ ==>υ²=Rgημθ (1)
Στο ανώτατο σημείο του ημισφαιρίου είχε δυναμική ενέργεια mgR και στο σημείο εγκατάλειψης έχει κινητική ½mυ² και δυναμική mgh . (h= η απόσταση από το οριζόντιο δάπεδο)
Τότε mgR=½mυ²+mgh και με αντικατάσταση της ταχύτητας (1) και του h=Rημθ έχω gR=½Rgημθ+gRημθ ==> 2=ημθ+2ημθ ==>ημθ=2/3
 

Σημείωση: Το μήνυμα αυτό γράφτηκε 8 χρόνια πριν. Ο συντάκτης του πιθανόν να έχει αλλάξει απόψεις έκτοτε.

giwrgos1001001

Νεοφερμένος

Ο giwrgos1001001 αυτή τη στιγμή δεν είναι συνδεδεμένος. Είναι 25 ετών. Έχει γράψει 8 μηνύματα.
ΜΙα ασκηση για γερους λυτες:

Μια μικρη σφαιρα μαζας 0,2 kg ηρεμει στο κατω ακρο νηματος μηκους l=1.25 m (ΘΕΣΗ Α) το αλλο ακρο του οποιου ειναι δεμενο σε σταθερο σημειο Κ το οποιο βρισκετε σε υψος Η=2,5 m απο το εδαφος. Φαιρνουμε τη σφαιρα στη (ΘΕΣΗ Β), ωστε το νημα να γινει οριζοντιο και την αφηνουμε να κινηθει. Τη στιγμη που το νημα γινετε κατακορυφο κοβεται, οποτε τελικα η σφαιρα φτανει στο σημειο (Δ)

1) Να βρεθει η αρχικη επιταχυνση της σφαιρας και η ταση του νηματος αμεσως μολις αφεθει να κινηθει (ΘΕΣΗ Β)
2) Σε μια στιγμη το νημα σχηματιζει γωνια φ=30 μοιρες με τν οριζοντια διευθυνση. Ποση ειναι η ταση του νηματος στην θεση αυτη ;
3) Να βρεθει η αποσταση (ΚΔ) του σημειου προσδεσης του νηματος και του σημειου πρσπτωσης της σφαιρας στο εδαφος.
g=10m/s2^

DSC_0328-001.jpg
 

Σημείωση: Το μήνυμα αυτό γράφτηκε 8 χρόνια πριν. Ο συντάκτης του πιθανόν να έχει αλλάξει απόψεις έκτοτε.

vimaproto

Πολύ δραστήριο μέλος

Ο vimaproto αυτή τη στιγμή δεν είναι συνδεδεμένος. Είναι Απόφοιτος και μας γράφει απο Λάρισα (Λάρισα). Έχει γράψει 889 μηνύματα.
ΜΙα ασκηση για γερους λυτες:

Μια μικρη σφαιρα μαζας 0,2 kg ηρεμει στο κατω ακρο νηματος μηκους l=1.25 m (ΘΕΣΗ Α) το αλλο ακρο του οποιου ειναι δεμενο σε σταθερο σημειο Κ το οποιο βρισκετε σε υψος Η=2,5 m απο το εδαφος. Φαιρνουμε τη σφαιρα στη (ΘΕΣΗ Β), ωστε το νημα να γινει οριζοντιο και την αφηνουμε να κινηθει. Τη στιγμη που το νημα γινετε κατακορυφο κοβεται, οποτε τελικα η σφαιρα φτανει στο σημειο (Δ)

1) Να βρεθει η αρχικη επιταχυνση της σφαιρας και η ταση του νηματος αμεσως μολις αφεθει να κινηθει (ΘΕΣΗ Β)
2) Σε μια στιγμη το νημα σχηματιζει γωνια φ=30 μοιρες με τν οριζοντια διευθυνση. Ποση ειναι η ταση του νηματος στην θεση αυτη ;
3) Να βρεθει η αποσταση (ΚΔ) του σημειου προσδεσης του νηματος και του σημειου πρσπτωσης της σφαιρας στο εδαφος.
g=10m/s2^

View attachment 55635
1) Προφανής η απάντηση
2) Στη θέση Γ η σφαίρα έχει κατέβει h=l.ημ30°=1,25.½m και έχει ταχύτητα υ=ρίζα(2gh)=ρίζα(12,5) Τότε Τ-Βημ30°=mυ²/l ==> T=3N
3) Στο κατώτερο σημείο η ταχύτητα είναι υ=5m/s (αρχή διατήρησης της μηχανικής ενέργειας) και βρίσκεται σε ύψος 1,25m από το έδαφος. Τότε y=½gt² ==> t=0,5s και χ=υt=5.0,5=2,5m και με Πυθαγόρειο Θεώρημα ΚΔ=2,5ρίζα(2)
 

Σημείωση: Το μήνυμα αυτό γράφτηκε 8 χρόνια πριν. Ο συντάκτης του πιθανόν να έχει αλλάξει απόψεις έκτοτε.

LiViNGtheLiFE

Διάσημο μέλος

Η LiViNGtheLiFE αυτή τη στιγμή δεν είναι συνδεδεμένη. Είναι Φοιτήτρια. Έχει γράψει 2,226 μηνύματα.
Όταν έχουμε πλαστική κρούση μεταξύ ενός ακίνητου σώματος κρεμασμένου σε ελατήριο πάνω σε κεκλιμένο επίπεδο και ενός άλλου σώματος που κινείται, λογικά η απώλεια της μηχανικής ενέργεια του συστήματος θα είναι διαφορετική της απώλειας της κινητικής του συστήματος αφού η Θ.Ι. μεταβάλλεται (συνεπώς και η δυναμική ενέργεια της ταλάντωσης); Πού κάνω λάθος;
 

Σημείωση: Το μήνυμα αυτό γράφτηκε 8 χρόνια πριν. Ο συντάκτης του πιθανόν να έχει αλλάξει απόψεις έκτοτε.

vimaproto

Πολύ δραστήριο μέλος

Ο vimaproto αυτή τη στιγμή δεν είναι συνδεδεμένος. Είναι Απόφοιτος και μας γράφει απο Λάρισα (Λάρισα). Έχει γράψει 889 μηνύματα.
Όταν έχουμε πλαστική κρούση μεταξύ ενός ακίνητου σώματος κρεμασμένου σε ελατήριο πάνω σε κεκλιμένο επίπεδο και ενός άλλου σώματος που κινείται, λογικά η απώλεια της μηχανικής ενέργεια του συστήματος θα είναι διαφορετική της απώλειας της κινητικής του συστήματος αφού η Θ.Ι. μεταβάλλεται (συνεπώς και η δυναμική ενέργεια της ταλάντωσης); Πού κάνω λάθος;
Θέλεις απάντηση για ποιο πράγμα? Δεν κατάλαβα.
Το πρόβλημα που αναφέρεις λύνεται ως εξής:
Με την πλαστική κρούση βρίσκεις την ταχύτητα του συσσωματώματος . Η ΘΙ αλλάζει. Από την παραμόρφωση Δl1 που είχε το ελατήριο με το ένα σώμα στην άκρη του και την παραμόρφωση Δl2 με τα δύο σώματα στην άκρη του βρίσκω σε πόση απόσταση χ=Δl2-Δl1 από τη νέα ΘΙ έγινε η κρούση.Στη θέση αυτή έχει δυναμική ενέργεια ταλάντωσης ½Dx² και κινητική ½(m+Μ)υ² που έχουν άθροισμα ½DA² κλπ
 

Σημείωση: Το μήνυμα αυτό γράφτηκε 8 χρόνια πριν. Ο συντάκτης του πιθανόν να έχει αλλάξει απόψεις έκτοτε.

LiViNGtheLiFE

Διάσημο μέλος

Η LiViNGtheLiFE αυτή τη στιγμή δεν είναι συνδεδεμένη. Είναι Φοιτήτρια. Έχει γράψει 2,226 μηνύματα.
Θέλεις απάντηση για ποιο πράγμα? Δεν κατάλαβα.
Το πρόβλημα που αναφέρεις λύνεται ως εξής:
Με την πλαστική κρούση βρίσκεις την ταχύτητα του συσσωματώματος . Η ΘΙ αλλάζει. Από την παραμόρφωση Δl1 που είχε το ελατήριο με το ένα σώμα στην άκρη του και την παραμόρφωση Δl2 με τα δύο σώματα στην άκρη του βρίσκω σε πόση απόσταση χ=Δl2-Δl1 από τη νέα ΘΙ έγινε η κρούση.Στη θέση αυτή έχει δυναμική ενέργεια ταλάντωσης ½Dx² και κινητική ½(m+Μ)υ² που έχουν άθροισμα ½DA² κλπ

ρωτάω αν είναι σωστό αυτό που λέω δλδ αν η απώλεια της μηχανικής είναι διαφορετική της απώλειας της κινητικής που μου ακούγεται λογικό, γιατί στις λύσεις βλέπω ότι τις εξισώνει
 

Σημείωση: Το μήνυμα αυτό γράφτηκε 8 χρόνια πριν. Ο συντάκτης του πιθανόν να έχει αλλάξει απόψεις έκτοτε.

Dias

Επιφανές μέλος

Ο Dias αυτή τη στιγμή δεν είναι συνδεδεμένος. Είναι Διδακτορικός. Έχει γράψει 8,334 μηνύματα.
ρωτάω αν είναι σωστό αυτό που λέω δλδ αν η απώλεια της μηχανικής είναι διαφορετική της απώλειας της κινητικής που μου ακούγεται λογικό, γιατί στις λύσεις βλέπω ότι τις εξισώνει
Μία είναι η απώλεια ενέργειας που γίνεται τη στιγμή της κρούσης, αυτή είναι και η απώλεια κινητικής και η απώλεια μηχανικής. Η αλλαγή της Θ.Ι. και όλα τα άλλα θα γίνουν μετά και δεν σχετίζονται με την απώλεια.


 

Σημείωση: Το μήνυμα αυτό γράφτηκε 8 χρόνια πριν. Ο συντάκτης του πιθανόν να έχει αλλάξει απόψεις έκτοτε.

Χρήστες Βρείτε παρόμοια

Top