Αποτελέσματα αναζήτησης

Επειδή νομίζω πως η τελευταία θα σε δυσκολέψει έχοντας χρόνο προτείνω μια λύση. (Θα υπάρξουν και άλλες πιστεύω) Ονομάζω I=\int \frac{xdx}{\sqrt{1+x}} και I=\int \frac{xdx}{\sqrt{1+x}}=\int \frac{x+1}{\sqrt{x+1}}dx-\int \frac{2dx}{2\sqrt{x+1}} I=\int \sqrt{x+1}dx-2\int...

Πλησιάζοντας ο μαγνήτης στον δακτύλιο με τον βόρειο πόλο του, αυξάνει η μαγνητική ροή που διέρχεται από τον δακτύλιο και αυτός αντιδρά δηλ. δεν θέλει να αυξηθεί η ροή που διέρχεται από αυτόν. Αναπτύσσεται ρεύμα από επαγωγή το οποίο δημιουργεί μαγνητικό πεδίο τέτοιο που να αντιτίθεται στην αύξηση...

Παύλο να ξέρεις πως τα ολοκληρώματα είναι δύσκολα (γενικώς) και δεν πρέπει να απογοητεύεσαι. Αυτά που βάζουν είναι μέσα στα όρια των βατών και οι απαιτήσεις των φροντιστών υπερβολικές. Συναγωνισμός γαρ. Πρέπει όμως να λάβεις υπόψη ότι για να κάνεις την πράξη της διαίρεσης πρέπει να ξέρεις να...

Την ονομάζω y και y=xln\frac{x+1}{x} \{y}^{'}=1.ln\frac{x+1}{x}+x.[ln\frac{x+1}{x}]'=1.ln\frac{x+1}{x}+x.\frac{\frac{x-x-1}{{x}^{2}}}{\frac{x+1}{x}}=ln\frac{x+1}{x}-\frac{1}{x+1}

Πρώτο να γράψεις το χ2=d-χ1 και δεύτερο να απλοποιήσεις την Κηλ , τις δυνάμεις και το 2 με το 8. Να βγάλεις τη τετραγωνική ρίζα και από το συν και πλην που θα γράψεις θα βρεις δύο λύσεις για τη θέση που η ένταση είναι μηδέν. Δηλ οι εντάσεις των δύο φορτίων έχουν αντίθετη φορά. Άρα την μία θέση...

Αν σου κάνει!

γωνία 0° 30° 45° 60° 90° ημ √0/2 √1/2 √2/2 √3/2 √4/2 συν √4/2 √3/2 √2/2 √1/2 √0/2 Πιστεύω να καταλαβαίνεις τον πίνακα που απομνημονεύεται εύκολα Για την εφαπτομένει διαιρείς τους δύο αντίστοιχους όρους του ημιτόνου και του συνημιτόνου

Ονομάζω χ=2ημω ==> dx=2συνωdω Η ρίζα γίνεται 2συνω και τα όρια αλλάζουν όταν χ=0 και ω=0 ενώ όταν χ=1 ω=π/6 Το ολοκλήρωμα γίνεται (ξέχνα το Latex γιατί ακόμα φορτώνει και έτσι θα σου το περιγράψω) ολοκλ[2συνω.2συνωdω=ολοκλ[4συν²ωdω]=4ολοκλ[((1+συν2ω)/2)dω=(τύπος διπλασίου...

Γ) αφού την έλυσες θα βρήκες ότι στο μέσο μεταξύ των δύο φορτίων Q και -9Q το δυναμικό είναι αρνητικό και η δυναμική ηλεκτρική ενέργεια του q που εννοείς +q θα είναι αρνητική, ενώ στο άπειρο η δυναμική ηλεκτρική μηδενίζεται και έχει μόνο κινητική ενέργεια που είναι θετική(θεωρούμε ότι...

Μα δεν είναι μονότονη Οπως λέει και ο χάρης η f'=0 όταν χ=e και η f''=1/x>0 δηλ. η f στρέφει τα κοίλα προς τα πάνω. Ετσι στο χ=e η f έχει την ελάχιστη τιμή που είναι f(e)=0. η χ=e είναι η μοναδική λύση της f.

Το σημείο επαφής, το κέντρο του τροχού και το αντιδιαμετρικό σημείο βρίσκονται στην ίδια νοητή ευθεία που στρέφεται περί τον στιγμιαίο άξονα που είναι το σημείο επαφής . Το κέντρο έχει την επιτάχυνση μεταφοράς του τροχού. Δες τις θέσεις των άλλων δύο σημείων και απάντησε στην άσκηση.

Στο άπειρο έχει μόνο κινητική ενέργεια και στην πλησιέστερη θέση η ταχύτητα μηδενίζεται και έχει μόνο δυναμική ενέργεια από το στατικό πεδίο που δημιουργεί το άλλο φορτίο. Εξισώνεις τις ενέργειες στο άπειρο και στην πλησιέστερη θέση και βρίσκεις r=0,1m

Από την πρώτη ισότητα α³+αρ=β³+βρ ==> α³-β³+αρ-βρ=0 ==> (α-β)(α²+αβ+β²)+(α-β)ρ=0 ==> (α-β)(α²+αβ+β²+ρ)=0 και επειδή τα α και β είναι άνισα ==> α²+αβ+β²+ρ=0 Ομοίως β²+βγ+γ²+ρ=0 Τις αφαιρώ κατά μέλη και α²-γ²+αβ-βγ=0 ==> (α+γ)(α-γ)+β(α-γ)=0 ==>(α-γ)(α+γ+β)=0 η διαφορά α-γ από την υπόθεση δεν...

Ισχύει Cp-Cv=R και διαιρείς όλους τους όρους με το Cv. Αντικαθιστάς Cp/Cv=γ και λύνεις ως προς Cv=R/(γ-1)

Μπήκα στο site που λες και είδα τις μεθόδους που έγραψες αλλά δεν τις γνωρίζω . Ισως να είναι οι πολύ σύγχρονες μέθοδοι οξοποίησης. Γηράσκω αεί διδασκόμενος.

Την πρώτη αντίδραση δεν την γνωρίζω. Ξέρω ότι το αιθίνιο αντιδρά με νερό παρουσία Η2SO4, HgSO4 και δίνει αιθανάλη (ακεταλδεύδη) την οποία οξειδώνω και δίνει αιθανικό οξύ (οξικό) ενώ τα άλλα αλκένια δίνουν κετόνες οι οποίες στη συνέχεια δεν οξειδώνονται Αφού θέλω οξύ γιατί να μη φτιάξω αλκοόλη...

CH\equiv CH+{H}_{2}\Rightarrow C{H}_{2}=C{H}_{2}\\C{H}_{2}=C{H}_{2}+{H}_{2}O (\delta \iota \alpha \lambda \upsilon \mu \alpha H2SO4)\Rightarrow C{H}_{3}C{H}_{2}OH\\C{H}_{3}C{H}_{2}OH+{O}_{2}\Rightarrow C{H}_{3}COOH+{H}_{2}O

Δία επειδή προτρέπεις "May I help you?" Αν δεν σου κάνει κόπο! και δεν αποτελεί μυστικό, πες μας. Σχεδιάζεις με το πρόγραμμα "Ζωγραφική" υποθέτω και μετά πως τα ανεβάζεις? Ως συνημμένο αρχείο δεν φαίνεται. Πως τα ανεβάζεις? Τι κάνεις? Για να μαθαίνουμε και μεις δειλά δειλά.

Κάποιες διορθώσεις-εξηγήσεις

α) Για τη σχεδίαση περιγραφικά 1)Ρ-V Ορθογώνιο τρίγωνο ΑΒΓ με κάθετες ΑΒ, ΑΓ και η ΒΓ υπερβολή 2) P-T Τρίγωνο ΑΒΓ με την ΑΒ να ανήκει στην ευθεία που διέρχεται από την αρχή των αξόνων , την ΒΓ κάθετη στον άξονα της θερμοκρασίας και προς τα κάτω και τέλος η ΓΑ 3) V-T Ορθογώνιο τρίγωνο ΑΒΓ ΑΒ...

Από τη ΘΙ διέρχονται τα σημεία του κύματος κάθε Τ/2. Αρα Τ=0,2s. Η απόσταση Κοιλίας δεσμού είναι λ/4. Αρα λ/4=0,1 ==> λ=0,4m ω=2π/Τ=10π και υο=ω2Α ==> Α=0,05m OΛ=0,65m και κάθε λ/2 μία κοιλία. Αρα αριθ. κοιλ δεξιά =ΟΛ/(λ/2)=3,25 δηλ 3 και αριθ. κοιλ αριστερά = 0,45/0,2=2,25 δηλ 2 και μία στο...

α) A: ΡΑVA=nRTA B: PBVB=nRTB Γ: PΓVΓ=nRTΓ Διαιρώ τις δύο πρώτες και ΤΒ=ΤΑ Διαιρώ δεύτερη τρίτη και VΓ=2VΑ WΓΑ=PA(VA-VΓ)=-100 ==> PA(VA_2VA)=-100 ==> PAVA+-100 ==> nRTA=100 QAB=ΔUAB+WAB=nCv(TB-TA)+0=n1,5RTA=1,5.100=150J QΓΑ=ΔUΓΑ+WΓΑ=nCv(TA-TΓ)-100=n1,5R(TA-2TA)-100=-150-100=-250J β)...

Ταλάντωση της πρώτης μάζας ½Μυο²=½ΚΑ² ==> υο=10Α Πλαστική κρούση στη ΘΙ η οποία και δεν αλλάζει (Μ+m).Vο=Mυο ==> 1,44Vο=1.10A ==> Vο=10A/1,44 στον οριζόντιο άξονα Ταλάντωση των δύο μαζών ½ΚΑ'²= ½(Μ+m)Vο² ==> Α'=ρίζα(1,44/100).10Α/1,44=0,12.10A/1,44=A/1,2=24/1,2=20cm

Για τις οριακές τιμές -1, και 1 καθώς και για την μέση τιμή (0) αυτών ισχύει από την υπόθεση: 1) f(-1)=α-β<0, f(0)=1>0, f(1)=α+β+2<0 ==> f(-1).f(0)<0 μεταξύ -1 και 0 υπάρχει ρίζα . Ομοίως f(0).f(1)<0 δεύτερη ρίζα. 2) Αν ξ είναι μία εξ αυτών των ριζών, η πρώτη παράγωγος της f(x) μηδενίζεται...

Αλλά η σωστή λύση είναι στο #3158

Για σένα Φίλιππε 14 έχω να πω να διαβάσεις τη θεωρία και να μάθεις τι έχει, (ταχύτητα, επιτάχυνση, ενέργειες) στις διάφορες θέσεις της κίνησης, το ταλαντευόμενο σώμα .

ΘΕΜΑ2o

Με το νήμα στο περιέγραψα. Ασκείς μια σημαντική δύναμη και το σώμα επιταχύνεται ΣF=mα (όχι σταθερή επιτάχυνση) και ενώ κινείται (έχει ταχύτητα) σπάει το νήμα και η κίνηση γίνεται επιβραδυνόμενη (λόγω δύναμης ελατηρίου μόνο) και μετά από ένα διάστημα σταματάει. Η θέση αυτή απέχει από τη ΘΙ ίσο με...

Τέτοια άσκηση δεν ξανασυνάντησα και ασχολήθηκα λόγω της έκλυσης σου. Θέλω να πιστεύω ότι τα κατάφερα. Με βοήθησε και το σχήμα.