vimaproto
Πολύ δραστήριο μέλος
Στα σημεια Α κ Β ευθειας ε που απεχουν αποσταση d=0,3 τοποθετουμε φορτια Qa=+2μC κ Qb=+8μC. Σε ποιο σημειο της ευθειας η ενταση ειναι μηδεν ; Κηλ= 9*10 στην ενατη. Πηρα ενα τυχαιο σημειο πανω στην ευθεια που να απεχει απο το Α αποσταση χ1 και απο το β αποσταση χ2 και μετα ειπα οτι Ε1=Ε2 οποτε κ*Qa/(x1-d) στο τετραγωνο ισουται με κ*Qb/(d-x2) στο τετραγωνο, τωρα να κανω τα αναπτυγματα των ταυτοτητων ;
Πρώτο να γράψεις το χ2=d-χ1 και δεύτερο να απλοποιήσεις την Κηλ , τις δυνάμεις και το 2 με το 8. Να βγάλεις τη τετραγωνική ρίζα και από το συν και πλην που θα γράψεις θα βρεις δύο λύσεις για τη θέση που η ένταση είναι μηδέν. Δηλ οι εντάσεις των δύο φορτίων έχουν αντίθετη φορά. Άρα την μία θέση - λύση θα την αποκλίσεις διότι εκεί οι εντάσεις είναι ίσες αλλά έχουν την ίδια φορά. Από τις δύο τιμές χ1 δέχεσαι την 0,1. Η άλλη -0,3 δεν την απορρίπτεις επειδή είναι αρνητική , αλλά για τον λόγο που αναφέρω πιο πάνω.
Σημείωση. Μπορείς να αναπτύξεις το διώνυμο και θα καταλήξεις σε δευτεροβάθμια εξίσωση που θα έχει δύο λύσεις κλπκλπ
Σημείωση: Το μήνυμα αυτό γράφτηκε 10 χρόνια πριν. Ο συντάκτης του πιθανόν να έχει αλλάξει απόψεις έκτοτε.
vimaproto
Πολύ δραστήριο μέλος
Γ) αφού την έλυσες θα βρήκες ότι στο μέσο μεταξύ των δύο φορτίων Q και -9Q το δυναμικό είναι αρνητικό και η δυναμική ηλεκτρική ενέργεια του q που εννοείς +q θα είναι αρνητική, ενώ στο άπειρο η δυναμική ηλεκτρική μηδενίζεται και έχει μόνο κινητική ενέργεια που είναι θετική(θεωρούμε ότι βρισκόμαστε εκτός βαρυτικού πεδίου). Σύμφωνα με την αρχή διατήρησης της ενέργειας είναι ίσες οι ενέργειες στις δύο θέσεις;δυο σημειακα φορτια Q και -9Q βρισκονται σε αποσταση r μεταξυ τους στο μεσο της μεταξυ τους αποστασης τοποθετειται φορτιο q και μαζα m βρειτε Γ: τη αρχικη του δυναμικη ενεργεια Δ: την ταχυτητα του οταν θα βρεθει σε απειρη αποσταση απο τα δυο φορτια πηγες
Μήπως η άσκηση λέει κάτι άλλο;
Σημείωση: Το μήνυμα αυτό γράφτηκε 10 χρόνια πριν. Ο συντάκτης του πιθανόν να έχει αλλάξει απόψεις έκτοτε.
vimaproto
Πολύ δραστήριο μέλος
Στο άπειρο έχει μόνο κινητική ενέργεια και στην πλησιέστερη θέση η ταχύτητα μηδενίζεται και έχει μόνο δυναμική ενέργεια από το στατικό πεδίο που δημιουργεί το άλλο φορτίο. Εξισώνεις τις ενέργειες στο άπειρο και στην πλησιέστερη θέση και βρίσκεις r=0,1mΜικρό σώμα μάζας m=9*10-6(εις την μείον έξι)kg και φορτίου q=-10-6(εις την μείον 6)C,εκτοξεύεται από το άπειρο με ταχύτητα μέτρου Uo=400 m/s και με κατεύθυνση προς το σημειακό φορτίο Q=-8*10-6(εις την μείον έξι)C,το οποίο διατηρείται ακλόνητο.
Να υπολογίσετε την ελάχιστη απόσταση που θα πλησιάσει το μικρό σώμα από το φορτίο Q.
K=9*10 9(εις την 9) και αμελητέες οι βαρυτικές δυνάμεις.
Σημείωση: Το μήνυμα αυτό γράφτηκε 10 χρόνια πριν. Ο συντάκτης του πιθανόν να έχει αλλάξει απόψεις έκτοτε.
vimaproto
Πολύ δραστήριο μέλος
Ισχύει Cp-Cv=R και διαιρείς όλους τους όρους με το Cv. Αντικαθιστάς Cp/Cv=γ και λύνεις ως προς Cv=R/(γ-1)Επειδή μου έτυχε αυτό σε διαγώνισμα πως αποδεικνύεται
Cv=R/1-γ
(Αυτό είναι φυσική κατεύθυνσης γ λυκείου)
Σημείωση: Το μήνυμα αυτό γράφτηκε 10 χρόνια πριν. Ο συντάκτης του πιθανόν να έχει αλλάξει απόψεις έκτοτε.
vimaproto
Πολύ δραστήριο μέλος
Δία επειδή προτρέπεις "May I help you?" Αν δεν σου κάνει κόπο! και δεν αποτελεί μυστικό, πες μας. Σχεδιάζεις με το πρόγραμμα "Ζωγραφική" υποθέτω και μετά πως τα ανεβάζεις? Ως συνημμένο αρχείο δεν φαίνεται. Πως τα ανεβάζεις? Τι κάνεις? Για να μαθαίνουμε και μεις δειλά δειλά.May I help you?
Σημείωση: Το μήνυμα αυτό γράφτηκε 10 χρόνια πριν. Ο συντάκτης του πιθανόν να έχει αλλάξει απόψεις έκτοτε.
vimaproto
Πολύ δραστήριο μέλος
Κάποιες διορθώσεις-εξηγήσειςα) Για τη σχεδίαση περιγραφικά 1)Ρ-V Ορθογώνιο τρίγωνο ΑΒΓ με κάθετες ΑΒ, ΑΓ και η ΒΓ υπερβολή 2) P-T Τρίγωνο ΑΒΓ με την ΑΒ να ανήκει στην ευθεία που διέρχεται από την αρχή των αξόνων , την ΒΓ κάθετη στον άξονα της θερμοκρασίας και προς τα κάτω και τέλος η ΓΑ 3) V-T Ορθογώνιο τρίγωνο ΑΒΓ ΑΒ ευθεία παράλληλη στον άξονα Τ και προς την αύξηση της Τ, την ΒΓ κάθετη στον Τ και προς τα πάνω αφού ο όγκος αυξάνεται και η ΓΑ που ανήκει στην ευθεία που διέρχεται από την αρχή των αξόνων.
β) Τ1 η θερμοκρασία του Α και Τ2 των Β και Γ. Cv=R/(γ-1)=3R/2
QAB=ΔUAB+WAB
600=ΔUAB+0
600=nCv(T2-T1) ==> 600=1,5nR(T2-T1) ==> 400=nRT2-nRT1==> 400=PBVB-PAVA ==>400=PΓVΓ-PAVA ==>400=ΡΑVΓ-PAVA ==>400=PA(VΓ-VA) ==> 400=WAΓ
Wολ=WAB+WBΓ+WΓA ==> 250=0+WBΓ+(-400) ==> WBΓ=650 J
γ) QΒΓ=WΒΓ=650 J QAB=600 J e=250/(600+650)=0,2 ή 20%
Η ισχύς το έργο προς τον χρόνο 250.1200/60=5000W
δ) Τριπλασιάζεται η πίεση και με τις καταστατικές εξισώσεις βρίσκω Τ2=3Τ1 Αρα ο κύκλος Carnot μηχανής που δουλεύει σαυτές τις θερμοκρασίες έχει απόδοση e=1-T1/T2=1-T1/3T1=2/3=0,66 ή 66%
Σημείωση: Το μήνυμα αυτό γράφτηκε 10 χρόνια πριν. Ο συντάκτης του πιθανόν να έχει αλλάξει απόψεις έκτοτε.
vimaproto
Πολύ δραστήριο μέλος
Καλησπέρα,μια βοήθεια εδώ παρακαλώ...
Και αυτήν εδώ,άμα γίνεται...
Το ιδανικό αέριο θερμικής μηχανής εκτελεί την κυκλική μεταβολή που αποτελείται από τις πιο κάτω διαδοχικές μεταβολές:
ΑΒ: Ισόχωρη θέρμανση
ΒΓ: Ισόθερμη εκτόνωση
ΓΑ: Ισοβαρή συμπίεση-ψύξη
Κατά την διάρκεια της κυκλικής μεταβολής το αέριο παράγει έργο W=250J,ενώ η θερμότητα που ανταλλάσει με το περιβάλλον κατά τη διάρκεια της μεταβολής ΑΒ είναι ίση με QΑΒ=600J
α.Να παραστήσετε γραφικά,σε ποιοτικά διαγράμματα P-V,P-T και V-T την κυκλική μεταβολή που εκτελεί η θερμική μηχανή(Δεν ξέρω κατά πόσο μπορεί κάποιος να τα σχεδιάσει )
β.Να αποδείξετε ότι η θερμότητα που ανταλλάσσει το αέριο με το περιβάλλον κατά τη διάρκεια της μεταβολής ΒΓ είναι ίση με QΒΓ=650J και να υπολογίσετε το έργο κατά τη διάρκεια της μεταβολής ΓΑ.
γ.Να υπολογίσετε το συντελεστή απόδοσης τηε μηχανής και την ισχύ της,αν η συγκεκριμένη μηχανή εκτελεί 1200 κύκλους σε διάρκεια ενός λεπτού.
δ.Αν κατά τη διάρκεια της ισόχωρης θέρμανσης ΑΒ η πίεση του αερίου τριπλασιάζεται,να υπολογίσετε τον συντελεστή απόδοσης μιας θερμικής μηχανής Carnot η οποία λειτουργεί ανάμεσα στις ίδιες θερμοκρασίες με την παραπάνω θερμική μηχανή.
Δίνεται γ=5/3
α) Για τη σχεδίαση περιγραφικά 1)Ρ-V Ορθογώνιο τρίγωνο ΑΒΓ με κάθετες ΑΒ, ΑΓ και η ΒΓ υπερβολή 2) P-T Τρίγωνο ΑΒΓ με την ΑΒ να ανήκει στην ευθεία που διέρχεται από την αρχή των αξόνων , την ΒΓ κάθετη στον άξονα της θερμοκρασίας και προς τα κάτω και τέλος η ΓΑ 3) V-T Ορθογώνιο τρίγωνο ΑΒΓ ΑΒ ευθεία παράλληλη στον άξονα Τ και προς την αύξηση της Τ, την ΒΓ κάθετη στον Τ και προς τα πάνω αφού ο όγκος αυξάνεται και η ΓΑ που ανήκει στην ευθεία που διέρχεται από την αρχή των αξόνων.
β) Τ1 η θερμοκρασία του Α και Τ2 των Β και Γ. Cv=R/(γ-1)=3R/2
QAB=ΔUAB+WAB
600=ΔUAB+0
600=nCv(T2-T1) ==> 600=1,5nR(T2-T1) ==> 400=nRT2-nRT1==> 400=PBVB-PAVA ==>400=PAVB-PAVA 400=PA(VB-VA) ==> 400=WAΓ
Wολ=WAB+WBΓ+WΓA ==> 250=0+WBΓ+(-400) ==> WBΓ=650 J
γ) QΒΓ=WΒΓ=650 J QAB=600 J e=250?(600+650)=0,2 ή 20%
Η ισχύς το έργο προς τον χρόνο 250.1200/60=5000W
δ) Τριπλασιάζεται η πίεση και με τις καταστατικές εξισώσεις βρίσκω Τ2=3Τ1 Αρα ο κύκλος Carnot μηχανής που δουλεύει σαυτές τις θερμοκρασίες έει απόδοση e=1-T1/T2=1-T1/3T1=2/3=0,66 ή 66%
Σημείωση: Το μήνυμα αυτό γράφτηκε 10 χρόνια πριν. Ο συντάκτης του πιθανόν να έχει αλλάξει απόψεις έκτοτε.
vimaproto
Πολύ δραστήριο μέλος
Καλησπέρα,μια βοήθεια εδώ παρακαλώ...
Ιδανικό αέριο εκτελεί κυκλική μεταβολή ΑΒΓ που αποτελείται από τις επιμέρους μεταβολες:
ΑΒ. ισόχωρη θέρμανση μέχρι pB=2pA
ΒΓ. ισόθερμη εκτόνωση μέχρι την αρχική πίεση
ΓΑ. ισοβαρής συμπίεση μέχρι την αρχική κατάσταση
Αν Cv=3R/2 και WΓΑ=-100J,να βρείτε:
α)το ποσό θερμότητας κατά τις μεταβολές ΑΒ και ΓΑ
β)το έργο κατά τη μεταβολή ΒΓ.
α)
A: ΡΑVA=nRTA
B: PBVB=nRTB
Γ: PΓVΓ=nRTΓ
Διαιρώ τις δύο πρώτες και ΤΒ=ΤΑ Διαιρώ δεύτερη τρίτη και VΓ=2VΑ
WΓΑ=PA(VA-VΓ)=-100 ==> PA(VA_2VA)=-100 ==> PAVA+-100 ==> nRTA=100
QAB=ΔUAB+WAB=nCv(TB-TA)+0=n1,5RTA=1,5.100=150J
QΓΑ=ΔUΓΑ+WΓΑ=nCv(TA-TΓ)-100=n1,5R(TA-2TA)-100=-150-100=-250J
β) WΒΓ=nRTln(VΓ/VB)=nRTBln(2VA/VA)=nR2TAln2=2.100ln2=200ln2 J
Σημείωση: Το διάγραμμα P-V είναι ένα ορθογώνιο τρίγωνο στο Α με την ΒΓ καμπύλη υπερβολής
Σημείωση: Το μήνυμα αυτό γράφτηκε 10 χρόνια πριν. Ο συντάκτης του πιθανόν να έχει αλλάξει απόψεις έκτοτε.
vimaproto
Πολύ δραστήριο μέλος
Από το σχήμα PoVo=nRTA, 2PoVo=nRTB, 2Po2Vo=nRTΓ, Po2Vo=nRTΔ ==> ΤΒ=2ΤΑ, ΤΓ=4ΤΑ ΤΔ=2ΤΑεγώ θέλω βοήθεια για αυτήν την άσκηση
QAB=ΔUAB+0=nCv(TB-TA)=nCvTA=n3/2RTA=1,5nRTA=1,5PoVo>0
QBΓ=ΔUΒΓ+WBΓ=nCv(TΓ-ΤΒ)+2PoVo=nCv2TA+2PoVo=3PoVo+2PoVo=5PoVo >0
QΓΔ=ΔUΓΔ+0=nCv(TΔ-ΤΓ)=1,5nR(-2TA)=-3PoVo <0
QΔΑ=ΔUΔΑ+Po(-Vo)=nCv(TA-TΔ)-PoVo=-2,5PoVo<0
Προσθέτω τις 4 εξισώσεις και βρίσκω το έργω W=PoVo
Ενώ η θετική ενέργεια είναι 6,5PoVo
e=W/Q+=PoVo/6,5PoVo=2/13
Σημείωση: Το μήνυμα αυτό γράφτηκε 10 χρόνια πριν. Ο συντάκτης του πιθανόν να έχει αλλάξει απόψεις έκτοτε.
vimaproto
Πολύ δραστήριο μέλος
Αντιμετωπίζω μια δυσκολία στην άσκηση 2,63 σελίδα 77 του σχολικού.
Συγκεκριμένα, στο γ ερώτημα, το αποτέλεσμα μου δεν συμβαδίζει με αυτό των λύσεων.
Λέμε:
e=W/Qh (1)
Qh=QΒΓ + Q ΓΔ
Qh=QΒΓ + WΓΔ
Και πάω να βρω το QBΓ
QΒΓ= nCvΔΤ=nCv(TΓ-ΤΒ)=n3R/2(TΓ-ΤΒ)=3/2(nRTΓ-nRTΒ)=3/2(PΓ*VΓ-PB*VB)=3/2(1.5*10^-3*3.2*10^5 - 7.5*10^-3*3.2*10^5)=3/2(4.8*10^2-24*10^2)=3/2*(-19.2)*10^2= -2880J
τι κάνω λάθος;
Μα δεν βρίσκεις το έργο του κύκλου αλλά της μεταβολής ΒΓ.
Εφάρμοσε την εξίσωση σε κάθε τμήμα του κύκλου.
ΑΒ=Ισόθερμη συμπίεση
ΒΓ=ισόχωρη θέρμανση
ΓΔ=ισόθερμη εκτόνωση
ΔΑ=ισόχωρη ψύξη
Προσθέτεις τις 4 εξισώσεις και το άθροισμα Qολ=Wολ=300nRln2,5=2228J
Τον λόγο των όγκων θα τον βρεις εφαρμόζοντας την καταστατική εξίσωση στα Α και Β και με διαίρεση κατά μέλη βρίσκεις 2,5 καθώς και για τα Γ και Δ που βρίσκεις πάλι λόγο VΔ/VΓ=2,5
Σημείωση: Το μήνυμα αυτό γράφτηκε 10 χρόνια πριν. Ο συντάκτης του πιθανόν να έχει αλλάξει απόψεις έκτοτε.
vimaproto
Πολύ δραστήριο μέλος
Γειασ σας παιδια μπορειται να με βοηθησετε σε ενα προβλημα στο οποιο εχω κολλησει? οι μεταβολεσ ΑΒ και ΓΔ ειναι ισοβαρεισ και οι μεταβολεσ ΒΓ και ΔΑ ισοθερμες αν ΔUαβ=300J Qαβ=500J Qβγ=500J Qδα=-100J να βρειτε το Wγδ και Wολ
Από την ισοβαρή μεταβολή ΑΒ έχω QAB=ΔUAB+WAB ==> WAB=500-300=200 J ΅Αλλά WAB=nR(TB-TA)=200
και στην ισοβαρή μεταβολή ΓΔ είναι WΓΔ=nR(TΔ-ΤΓ)=-WΑΒ διότι ΤΑ=ΤΔ και ΤΒ=ΤΓ. Ωστε WΓΔ=-200 J
Στις ισόθερμες μεταβολές ισχύει W=Q Αρα WΒΓ=500 , WΔΑ=-100 και με την πρόσθεση όλων των έργων στον κύκλο βρίσκεις Wολ=400 J
Σημείωση: Το μήνυμα αυτό γράφτηκε 10 χρόνια πριν. Ο συντάκτης του πιθανόν να έχει αλλάξει απόψεις έκτοτε.
vimaproto
Πολύ δραστήριο μέλος
θα ηθελα βοηθεια επειγοντως...στην παρακατω ασκηση!!!!
σφαιρα μαζας m1,κινουμενη με ταχυτηα u1,σφηνωνεται στο σωμα Μ.
1)Να γραψετε τις εξισωσεις κινησης του συστηματος (Μ,m1) αν αυτο εκτελει αατ μετα την κρουση καιη μεγιστη συσπειρωση του ελατηριου ειναι xmax=0,02m.
2)Να υπολογισετε το χρονικο διαστημα κατα το οποιο η απομακρυνση του σωματος ειναι μεγαλυτερη απο ριζα2 cm.
3)Nα υπολογισετε τους ρυθμους μεταβολης της ορμης και της κινητικης ενεργειας στις ακραιες θεσεις της ταλαντωσης.
αν γινεται θα ηθελα καποιος να μου δωσει τη λυση της αναλυτικα..ξερω πως δεν ειναι σωστο και δεν θα με ωφελησει αλλα ειναι μεγαλη αναγκη να βρω τη λυσης της για να μπορεσω να λυσω και αλλες παρομοιες που εχω μ αυτη.....
Μία ολόκληρη άσκηση , ένας μόνο αριθμός!!!!!
Να σου περιγράψω τη λύση.
Πλαστική κρούση . βρίσκω την ταχύτητα του συσσωματώματος.
κινητική ενέργεια αμέσως μετά την κρούση=δυναμική στο άκρο. Βρίσκω την D=Κ του ελατηρίου
D=(M+m1)ω² βρίσκω την ω και κατ επέκταση την περίοδο Τ
Στον τριγωνομετρικό κύκλο τώρα. Μέχρι να φτάσει το συσσωμάτωμα σε απόσταση 0,01.ρίζα2 m το αντίστοιχο σημείο στον κύκλο διαγράφει ένα τόξο φ=ωt. Υπολογίζω την επίκεντρη γωνία φ διότι η ακτίνα είναι Α=0,02m και ημφ=0,01ρίζα2/0,02=ρίζα2/2 ==> φ=π/4 Βρίσκω το χρόνο μέχρι να φτάσει εκεί. Με τη βοήθεια της περιόδου βρίσκω ότι άλλο ζητάει.
Ο ρυθμός μεταβολής της ορμής σε κάθε θέση =ΣF σαυτή τη θέση =D.A
Το ίδιο και για το ρυθμό μεταβολής της κινητικής ενέργειας =Ισχύς=ΣF.υ που στην άκρη είναι μηδέν
Σημείωση: Το μήνυμα αυτό γράφτηκε 11 χρόνια πριν. Ο συντάκτης του πιθανόν να έχει αλλάξει απόψεις έκτοτε.
vimaproto
Πολύ δραστήριο μέλος
Καλησπέρα παιδιά, έχω μια απορία σχετικά με μια ερώτηση στην Φυσική.
Η γωνιακή συχνότητα ή αλλιώς κυκλική κίνηση συχνότητα ω δίνεται από την σχέση
ω=2πf ή ω=2π/Τ
Από που προκύπτει το 2π;
Σε έναν πίνακα γράφει :
απομάκρυνση (x) χρόνος (t) φάση (φ=ωt)
0 0 0
+A T/4 π/2
0 T/2 π
Κάθε περιοδική κίνηση αντιστοιχίζεται με την ομαλή κυκλική κίνηση που κάνει ένα σημείο. Η ακτίνα του κύκλου που παρακολουθεί το κινητό λέγεται επιβατική ακτίνα. Αυτή κάθε χρονική στιγμή σχηματίζει με τον άξονα Οχ μία επίκεντρη γωνία. Ο ρυθμός με τον οποίο μεταβάλλεται αυτή η γωνία ονομάζεται γωνιακή ταχύτητα. (Κατ άλλους είναι ο ρυθμός με τον οποίο το σημείο διαγράφει το τόξο του κύκλου) Οπως και να το πάρεις , ω=φ/t. Σε χρόνο t=T η διαγραφόμενη γωνία είναι ολόκληρη η επίκεντρος, δηλ. 360° ή 2π, αφού τη μετρούμε σε ακτίνια. Τότε ω=2π/Τ
Σύνδεσε τώρα αυτά με το χρόνο για να δεις στους διάφορους χρόνους τη θέση του σημείου στον τριγωνομετρικό κύκλο και την επίκεντρη γωνία που σχηματίζει η επιβατική ακτίνα. Μία πλευρά της γωνίας πάντοτε η Οχ.
Ελπίζω να τα είπα καλά.
Σημείωση: Το μήνυμα αυτό γράφτηκε 11 χρόνια πριν. Ο συντάκτης του πιθανόν να έχει αλλάξει απόψεις έκτοτε.
vimaproto
Πολύ δραστήριο μέλος
ο.κ.καμια ιδεα για αυτη την ασκηση ? https://imageshack.us/f/846/93853637.jpg/
ειναι στο κεφαλαιο με κυκλικες κινησεις
Σημείωση: Το μήνυμα αυτό γράφτηκε 11 χρόνια πριν. Ο συντάκτης του πιθανόν να έχει αλλάξει απόψεις έκτοτε.
vimaproto
Πολύ δραστήριο μέλος
Κάτι λείπει Μήπως ο όγκος στο Α? Δες το συνημμένοσαν Qh & Qc τι βαζεις ομως ?
Σημείωση: Το μήνυμα αυτό γράφτηκε 12 χρόνια πριν. Ο συντάκτης του πιθανόν να έχει αλλάξει απόψεις έκτοτε.
Συνημμένα
vimaproto
Πολύ δραστήριο μέλος
δίνουν
Στην ΒΓ 0=ΔU+W ==> 0=nCv(T2-T1)+200===> nCv(T1-T2)=200J Τότε QΔΑ=ΔUΔΑ=nCv(T1-T2)=200J
Στην αδιαβατική ΒΓ
Τα υπόλοιπα δικά σου
Σημείωση: Το μήνυμα αυτό γράφτηκε 12 χρόνια πριν. Ο συντάκτης του πιθανόν να έχει αλλάξει απόψεις έκτοτε.
vimaproto
Πολύ δραστήριο μέλος
Σχήμα δεν έχει η άσκηση? ποιος είναι ο κύκλος που διαγράφει το αέριο?πλζ οποιος μπορει ας βοηθησει γιατι εχω κολλήσει....ιδανικο αεριο α) αν WΒΓ=200J να βρειτε το Q στην ισοχωρη ΔΑ
β)αν ο ογκος τετραπλασιαζεται να βρειτε το λογο ΤΔ/ΤΑ στην αδιαβατικη γ) να βρειτε την αποδοση της μηχανης (δινεται γ=5/3 )
Σημείωση: Το μήνυμα αυτό γράφτηκε 12 χρόνια πριν. Ο συντάκτης του πιθανόν να έχει αλλάξει απόψεις έκτοτε.
vimaproto
Πολύ δραστήριο μέλος
UA=nCvTA ==> 1200=n3RTA/2 ==> TA=400°ΚΘέλω βοήθεια σε μια άσκηση.
Ποσότητα n=2/R mol ιδανικού μονοατομικού αερίου, βρίσκεται στην κατάσταση θερμοδυναμικής ισορροπίας Α, με εσωτερική ενέργεια Ua=1200J.Απο την κατάσταση Α το αέριο ακολουθεί την παρακάτω σειρά διαδοχικών αντιστρεπτών μεταβολών:
α. Ισόχωρη θέρμανση Α-->Β , μέχρι την κατάσταη Β , με πίεση Ρβ=3Ρα
β.Ισοβαρής εκτόνωση Β-->Γ, μέχρι την κατάσταση Γ , με όγκο Vγ=2Vα
γ.Ισόχωρη ψύξη Γ-->Δ μέχρι την κατάσταση Δ.
δ.Ισοβαρής συμπίεση Δ-->Α μέχρι την αρχική κατάσταση Α.
Θέλω να με να βρώ το Ρδ και το Τδ . ΒΟΗΘΕΙΑ!!!!
Εφαρμόζω την καταστατική εξίσωση για τα σημεία Α, Β, Γ, Δ και διαιρώντας αυτές ανά δύο κατά μέλη βρίσκω ΤΒ=3ΤΑ=1200°Κ , ΤΓ=2ΤΒ=2400°Κ , ΤΔ=(1/3)ΤΓ=800°Κ
Για την πίεση? Μήπως δίνει κάποιον όγκο ή κάποια άλλη πίεση? Εδώ σταματώ.
Σημείωση: Το μήνυμα αυτό γράφτηκε 12 χρόνια πριν. Ο συντάκτης του πιθανόν να έχει αλλάξει απόψεις έκτοτε.
vimaproto
Πολύ δραστήριο μέλος
αν έγραφες την εκφώνηση της ασκησης θα σε βοηθούσαμε και εμείς που δεν έχουμε το βιβλίοτο ΤΓ ομως που το ξερω???
Σημείωση: Το μήνυμα αυτό γράφτηκε 12 χρόνια πριν. Ο συντάκτης του πιθανόν να έχει αλλάξει απόψεις έκτοτε.
vimaproto
Πολύ δραστήριο μέλος
Μα το διευκρίνησα. Ποια αυξάνει κατά τα 2/3? Η θερμοκρασία μετρούμενη σε βαθμούς Κελσίου ή βαθμούς Κέλβιν? Γιαυτό και έδωσα δύο απαντήσεις.οπα η Τ2 γιατι γινεται 315??? εγω 500 το εβγαλα... η μεταβολη ετσι κ αλλιως σε κελβιν δεν πρεπει να γινει για να ειναι σωστη η καταστατικη και οι νομοι?? εγω γιατι την πιεση την εβγαλα 18 κομμα κατι ψηλα N/m²??
Στην καταστατική εξίσωση ασφαλώς και αντικαθιστούμε με τη θερμοκρασία σε βαθμούς Κέλβιν. Αλλά στην εκφώνηση δεν φαίνεται σε ποια κλίμακα γίνεται η αύξηση. Εκτός κιαν το λέει και δεν το γράφεις.
Σημείωση: Το μήνυμα αυτό γράφτηκε 12 χρόνια πριν. Ο συντάκτης του πιθανόν να έχει αλλάξει απόψεις έκτοτε.
vimaproto
Πολύ δραστήριο μέλος
1) Ισόχωρηπαιδια λιγη βοηθεια σε μια ασκηση:
Σε ενα αεριο με μαζα m= 2 kg ογκο V=3m κυβικα και θερμοκρασια 27 C αυξανουμε την θερμοκρασια κατα 2/3 της αρχικης τιμης κρατωντας σταθερο τον ογκο. δινεται η γραμμομοριακη μαζα του αεριου Μ= 4*10 στη μειον τριτη Kg.
α) να ονομασετε τη μεταβολη
β) να βρειτε την αρχικη και την τελικη πιεση του αεριου
γ) να βρειτε την πυκνοτητα του αεριου
δ) να σχεδιασετε σε διαγραμματα P-T, V-T, P-V την μεταβολη.
το προβλημα μου ειναι οτι ενω συμφωνα με την εκφωνηση η μεταβολη ειναιισοχωρη θερμανση [αν το εχω σκεφτει σωστα] μου βγαινει η αρχικη και η τελικη πιεση ιδια...
2)Στη θερμοκρασία η αύξηση παίζεται. Αναφέρεται σε Κελσίου ή σε Κέλβιν? Αν είναι Κέλβιν από 273+27=300Κ γίνεται 300+300.2/3=300+200=500Κ. Και από την καταστατική εξίσωση Ρ1.V=mRT1/MB δίνει Ρ1=4,1.10 στην 5τη N/m² και Ρ2=6,9.10 στην 5τη N/m² αλλιώς από 27°C γίνεται 27+(2/3)27=27+18=45°
Τότε Τ1=300°Κ Τ2=315°Κ Ρ1=4,1.10 στην 5τη N/m² και Ρ2=5,74.10 στην 5τη N/m²
3) d=m/V=0.66Kg/m³
Σε άξονες Ρ-Τ ευθεία που αν προεκταθεί θα περνά από την αρχή των αξόνων (y=ax)
Σε V-T ευθεία παράλληλη στον οριζόντιο άξονα (Τ)
Σε Ρ-V ευθεία παράλληλη στον κατακόρυφο άξονα (Ρ)
Σημείωση: Το μήνυμα αυτό γράφτηκε 12 χρόνια πριν. Ο συντάκτης του πιθανόν να έχει αλλάξει απόψεις έκτοτε.
vimaproto
Πολύ δραστήριο μέλος
Σημείωση: Το μήνυμα αυτό γράφτηκε 13 χρόνια πριν. Ο συντάκτης του πιθανόν να έχει αλλάξει απόψεις έκτοτε.
vimaproto
Πολύ δραστήριο μέλος
Σημείωση: Το μήνυμα αυτό γράφτηκε 13 χρόνια πριν. Ο συντάκτης του πιθανόν να έχει αλλάξει απόψεις έκτοτε.
vimaproto
Πολύ δραστήριο μέλος
DIA την διακεκομμένη γραμμή πως την κατασκευάζεις?
Σημείωση: Το μήνυμα αυτό γράφτηκε 13 χρόνια πριν. Ο συντάκτης του πιθανόν να έχει αλλάξει απόψεις έκτοτε.
vimaproto
Πολύ δραστήριο μέλος
Σελίδα 47 στις 7-2-2011 δηλ μια σελίδα πιο πριν
Σημείωση: Το μήνυμα αυτό γράφτηκε 13 χρόνια πριν. Ο συντάκτης του πιθανόν να έχει αλλάξει απόψεις έκτοτε.
vimaproto
Πολύ δραστήριο μέλος
Σημείωση: Το μήνυμα αυτό γράφτηκε 13 χρόνια πριν. Ο συντάκτης του πιθανόν να έχει αλλάξει απόψεις έκτοτε.
vimaproto
Πολύ δραστήριο μέλος
Δεν θα διαφωνήσω μαζί σου, αλλά και δεν θα συμφωνήσω. Αν το πεδίο εκτείνονταν και πέρα του Δ, (με τα ίδια δεδομένα του προβλήματος) γιατί η συμμετρία έπρεπε να είναι στο τμήμα ΑΔ και όχι στο, έστω ΑΔ'? Τέλος πάντων, δεν θα μαλώσουμε κιόλας. Οπως το βλέπει ο καθένας. Αποψή μου είναι ότι η άσκηση έπρεπε να είναι πιο λεπτομερής.Δεν νομίζω ότι είναι έτσι. Το κέντρο του κύκλου είναι στη μεσοκάθετη της χορδής ΑΔ, άρα υπάρχει συμμετρία.
Σημείωση: Το μήνυμα αυτό γράφτηκε 13 χρόνια πριν. Ο συντάκτης του πιθανόν να έχει αλλάξει απόψεις έκτοτε.
vimaproto
Πολύ δραστήριο μέλος
Νομίζω πως η άσκηση είναι ελλειπής, διότι από δύο σημεία (εδώ τα Α και Δ) διέρχονται άπειρα τόξα διαφόρων ακτίνων. Δέχομαι ότι η ταχύτητα στο Δ είναι κάθετος στην ΑΓ και με αυτή την παραδοχή τη λύνω στο συνημμένο. Ο χρόνος βρίσκεται και σαν 1/4 της περιόδου.μπορω να εχωμια βοηθεια;;;
η τομη ενος οριζόντιου μαγνητικου πεδιου με Β=10⁻² εχει το σχημα ισοπλευρου τριγωνου ΓΔΑ πλευρας α=6cm.Πρωτονιο (q=1,6‧10⁻ˈ⁹(δεκαεννεα)c, m=1,6‧10⁻²⁷ kg) εισερχεται στο πεδιο απο το Α με ταχυτητα πανω στην πλευρα ΑΓ u (δηλ. το διανυσμα της υ πηγαινει απο το Α σΤΟ Γ) και εξερχεται απο το σημειο Δ.
Να βρεθουν α)το μετρο της υ
Β)το μηκος της προχιας του προτονιου μεσα στο πεδιο
Γ)ο χρονος κινησης του προτωνιου μεσα στο πεδιο
Σημείωση: Το μήνυμα αυτό γράφτηκε 13 χρόνια πριν. Ο συντάκτης του πιθανόν να έχει αλλάξει απόψεις έκτοτε.
Συνημμένα
vimaproto
Πολύ δραστήριο μέλος
δες το συνημμενογεια σε όλους!!! Έχω κολλήσει σε κάτι ασκήσεις στο μαγνητικό πεδίο μπορείς κανείς να με βοηθίσει;;
1) Ηλεκτρόνιο (e=1,6* 10⁻ˈ⁹(εις την δεκαεννεα είναι ) ,m=9*10⁻³1 kg) επιταχίνεται από διαφορά δυναμικού V=500V,οπότε αποκτά ταχύτητα u.Κατόπιν εισέρχεται σε ένα χώρο,που εκτείνεται σε μήκος d₁ =6cm στον οποίο υπάρχει ομογενές μαγνητικό πεδίο με Β=10⁻³Τ.Στν συνέχεια το ηλεκτρόνιο κινείται στο κενό και χτυπά στο σημείο Δ ενός φθορίζοντος διαφράγματος, το οποίο βρίσκεται σε απόσταση d₂=12cm από το όριο του μαγνητικού πεδίου.Να βρεθεί
α)για την κίνηση στο Ο.Μ.Π
i)η γωνία εκτριπής και η απόκλιση σε σχέση με την αρχική διευθυνση κίνησης
ii)ο χρόνος κίνησης
iii)το μήκος της τροχιάς
u⊥B
το Β είναι καθετο στο επίπεδο προς τα έξω .
2)Σωμάτια μάζας m=5*10⁻⁴kg έχει φορτίο q=4 * 10⁻⁸C και εκτοξεύεται οριζόντια με ταχύτητα μέτρου u₀=5 * 10⁴m/s. Ποιο είναι το μέτρο και η κατεύθυνση της έντασης του μαγνητικού πεδίουπου απαιτείται ώστε το σωμάτιο να κινηθεί οριζόντια;Δίνεται g=10m/s²
Τη γραφω και εδώΤην γράφω κ εδώ γιατί είναι άσκηση κατεύθυνσης και εδω είναι σωστοτερος χωρος
Έχω κολλήσει σε κάτι ασκήσεις στο μαγνητικό πεδίο μπορείς κανείς να με βοηθίσει;;
1) Ηλεκτρόνιο (e=1,6* 10⁻ˈ⁹(εις την δεκαεννεα είναι ) ,m=9*10⁻³1 kg) επιταχίνεται από διαφορά δυναμικού V=500V,οπότε αποκτά ταχύτητα u.Κατόπιν εισέρχεται σε ένα χώρο,που εκτείνεται σε μήκος d₁ =6cm στον οποίο υπάρχει ομογενές μαγνητικό πεδίο με Β=10⁻³Τ.Στν συνέχεια το ηλεκτρόνιο κινείται στο κενό και χτυπά στο σημείο Δ ενός φθορίζοντος διαφράγματος, το οποίο βρίσκεται σε απόσταση d₂=12cm από το όριο του μαγνητικού πεδίου.Να βρεθεί
α)για την κίνηση στο Ο.Μ.Π
i)η γωνία εκτριπής και η απόκλιση σε σχέση με την αρχική διευθυνση κίνησης
ii)ο χρόνος κίνησης
iii)το μήκος της τροχιάς
u⊥B
το Β είναι καθετο στο επίπεδο προς τα έξω .
2)Σωμάτια μάζας m=5*10⁻⁴kg έχει φορτίο q=4 * 10⁻⁸C και εκτοξεύεται οριζόντια με ταχύτητα μέτρου u₀=5 * 10⁴m/s. Ποιο είναι το μέτρο και η κατεύθυνση της έντασης του μαγνητικού πεδίουπου απαιτείται ώστε το σωμάτιο να κινηθεί οριζόντια;Δίνεται g=10m/s²
Σημείωση: Το μήνυμα αυτό γράφτηκε 13 χρόνια πριν. Ο συντάκτης του πιθανόν να έχει αλλάξει απόψεις έκτοτε.
Συνημμένα
vimaproto
Πολύ δραστήριο μέλος
Το ηλεκτρόνιο περιστρέφεται λόγω της κεντρομόλου δύναμης , το ρόλο της οποίας παίζει η δύναμη Coulomb. Άρα mυ²/r=kee/r²=>mυ²=κe²/r => Κ=(1/2)mυ²=ke²/2rΤο άτομο του υδρογόνου αποτελείται από ένα πρωτόνιο και ένα ηλεκτρόνιο το οποίο περιστρέφεται γύρω από τον πυρήνα. Αν τα μεγέθη e (φορτίο ηλεκτρονίου), r (ακτίνα περιστροφής του ηλεκτρονίου) και η σταθερά Kc θεωρούνται γνωστά να υπολογίσετε
α)Την κινητική ενέργεια του ηλεκτρονίου
β)Την δυναμική ενέργεια του ηλεκτρονίου
γ)Την ολική ενέργεια του ατόμου
δ)Την ενέργεια που πρέπει να προσφέρουμε στο ηλεκτρόνιο ώστε να ξεφύγει από την έλξη του πυρήνα
Μια βοήθεια στην άσκηση αυτή. Είναι η 3.90 από τη σελίδα 138 του σχολικού...
Η δυναμική ενέργεια λόγω ηλεκτρικού πεδίου του πυρήνα είναι U=qV=-e(ke/r)=-ke²/r (ο θετικός πυρήνας δημιουργεί πεδίο θετικού δυναμικού στο οποίο το αρνητικό ηλεκτρόνιο έχει αρνητική δυναμική ενέργεια)
Εολ=Κ+U=ke²/2r+(-ke²/r)=-ke²/2r
Για να φύγει από την έλξη του πυρήνα πρέπει να μεταφερθεί στο άπειρο όπου θα έχει αποκτήσει ολική ενέργεια μηδέν. Αρα πρέπει να πάρει ενέργεια +ke²/2r
Σημείωση: Το μήνυμα αυτό γράφτηκε 13 χρόνια πριν. Ο συντάκτης του πιθανόν να έχει αλλάξει απόψεις έκτοτε.
vimaproto
Πολύ δραστήριο μέλος
Η συνιστώσα του βάρους παράλληλα στο κεκλιμένο επίπεδο είναι Β1= 2.10-3 Nt και η ηλεκτρική δύναμη 4,5.10-3Nt. Αρα θα κινηθεί προς τα πάνω με επιτάχυνση (όχι σταθερή) και η ταχύτητα θα αυξάνει μέχρι τη θέση που η ηλεκτρική δύναμη θα γίνει ίση με τη Β1. Εξισώνοντας τις δύο βρίσκω χ=0,6m μακρυά από το Q. Εφαρμόζω το θεώρημα διατήρησης της Ενέργειας (κινητική+Βαρυτική+ηλεκτροστατική) και βρίσκω την ταχύτητα υ=1m/s που είναι η μέγιστη στην κίνηση. Από εκεί και πέρα το σώμα επιβραδύνεται και σε μια άλλη θέση σταματάει. Πάλι το θεώρημα διατήρησης της ενέργειας και προκύπτει μία δευτεροβάθμια εξίσωση με λύσεις ρ1=0,4m και ρ2=0,9m που είναι οι δύο θέσεις που η ταχύτητα είναι μηδέν. Δηλ. η αρχική σε απόσταση 0,4m και η ζητούμενη 0.9m. ελπίζω να σε βοήθησα.Η άσκηση του σχολικού βιβλίου και από κάτω η απόπειρά μου να λύσω το α) ερώτημα:
Σημείωση: Το μήνυμα αυτό γράφτηκε 13 χρόνια πριν. Ο συντάκτης του πιθανόν να έχει αλλάξει απόψεις έκτοτε.
vimaproto
Πολύ δραστήριο μέλος
Σημείωση: Το μήνυμα αυτό γράφτηκε 14 χρόνια πριν. Ο συντάκτης του πιθανόν να έχει αλλάξει απόψεις έκτοτε.
vimaproto
Πολύ δραστήριο μέλος
Σημείωση: Το μήνυμα αυτό γράφτηκε 14 χρόνια πριν. Ο συντάκτης του πιθανόν να έχει αλλάξει απόψεις έκτοτε.
vimaproto
Πολύ δραστήριο μέλος
-----------------------------------------
Καλά!!!!!! , πόσο γρήγορα απαντάς?????????
Σημείωση: Το μήνυμα αυτό γράφτηκε 14 χρόνια πριν. Ο συντάκτης του πιθανόν να έχει αλλάξει απόψεις έκτοτε.
vimaproto
Πολύ δραστήριο μέλος
Η πίεση στο Α =ΡΑτμ+mg/s=1,6.10στην 5
Νόμος Poisson μεταξύ Α και Β βρίσκουμε ΡΒ=0,2.10στην 5. ΄Νόμος Boyle μεταξύ Β και Γ βρίσκουμε ΡΓ=0,8.10στην 5. καταστατικές εξισώσεις στο Α και Γ . Ο λόγος αυτών δίνει λόγο θερμοκρασιών 2 που είναι και ο λόγος των ενεργειών.
QAB=0, QBΓ=-2nRT2ln2=-2.(ΡV)Γ=-112J
QΓΑ=ΔU+0=nCV(T1 -T2)=2(nRT1-nRT2)=160J
Wολ=Qολ=0-112+160=48J και e=48/120=0,3
Σημείωση: Το μήνυμα αυτό γράφτηκε 14 χρόνια πριν. Ο συντάκτης του πιθανόν να έχει αλλάξει απόψεις έκτοτε.
vimaproto
Πολύ δραστήριο μέλος
QΑΓ=200J=-QΓΑ ΔUΑΓ=150J QΑΔΓ=180J
Σημείωση: Το μήνυμα αυτό γράφτηκε 14 χρόνια πριν. Ο συντάκτης του πιθανόν να έχει αλλάξει απόψεις έκτοτε.
vimaproto
Πολύ δραστήριο μέλος
UA=nCvTA=1,5nRTA=1,5PAVA=1500J
UB=.........=...........=1,5.PBVB=375J
W=-ΔU=-(375-1500)=1125J
Σημείωση: Το μήνυμα αυτό γράφτηκε 14 χρόνια πριν. Ο συντάκτης του πιθανόν να έχει αλλάξει απόψεις έκτοτε.
vimaproto
Πολύ δραστήριο μέλος
Συμφωνώ με αυτό που λές , αλλά η άσκηση δεν έδωσε την ατμοσφαιρική και ούτε κάνει λόγο γιαυτή. Πόση είναι; Το δίνει? Οπως και το γ, το δίνει? Είναι από βιβλίο ή σας την υπαγόρευε ο καθηγητής σας και τα μισά τα ξέχασε?ναι αλλα το τ που βρηκαμε ειναι μεταβολη ΔΤ και εγω αυτο βρισκω αλλα ζηταει αρχικη κ τελικη Τ
-----------------------------------------
ακυρο λαθος κανω εγω δικιοεχεισ σ αυτο που λες...
-----------------------------------------
να ρωτησω και kati τι αλλο την Pαεριου την βρισκουμε απο τν τυπο Pαεριου=pατμ + w/A..μαλλον εχεις 3εχασει την pατμ
Εγώ έλυσα την άσκηση με αυτά που είδα ότι σας δίνει και επι πλέον ζήτησα και το Cv , αν πρόσεξες. Από καλαμποκάλευρο φτιάχνεις μπομπότα, δεν φτιάχνεις φαρίνα.
Σημείωση: Το μήνυμα αυτό γράφτηκε 14 χρόνια πριν. Ο συντάκτης του πιθανόν να έχει αλλάξει απόψεις έκτοτε.
vimaproto
Πολύ δραστήριο μέλος
Το βάρος του εμβόλου είναι mg=100N. H βάση έχει εμβαδόν Α=0,001m² η πίεση είναικυλινδρος με εμβαδον βασης Α=10cm^2 τοποθετειται με τον αξονα του κατακορυφα κκλεινεται με εμβολο μαζας 10 kg που μπορει να κινειται χωρις τριβες .τ εμβολο ισορροπει σε αποσταση h=50cm απο την κατω βαση τ κυλινδρου .ποσοττα n=1/2R βρισκεται εγκλωβισμενη στο εσωτερικο τ κυλονδρου .προσφερουμε στο αεριο Q=500 J.
A)βρες την αρχικη κ την τελικη κατασταση τ αεριου
Β)τ εργο που παραγεται απ τ αεριο
γ)την μετατοπιση τ εμβολου
δ)γραφ.παρασταση της μεραβολης σε P-V
Πως βρρισκουμε την αρχικη κ τελικη θερμοκρασια??..εγω βρισκω τ ΔΤ απο καταστατικη αφου πρωτα υπολογισω την pαεριου και την βρω 2*10^5
καταστατική εξίσωση
Αν λέει ότι το αέριο είναι ιδανικό ή μονατομικό ή δίνει την cv=3/2R
έχουμε
Ξανά την καταστατική εξίσωση στη νέα θερμοκρασία για να βρω τον νέο όγκο του αερίου.
Η μετατόπιση είναι η διαφορά των δύο όγκων προς το εμβαδόν=2m
Σημείωση: Το μήνυμα αυτό γράφτηκε 14 χρόνια πριν. Ο συντάκτης του πιθανόν να έχει αλλάξει απόψεις έκτοτε.
vimaproto
Πολύ δραστήριο μέλος
Σημείωση: Το μήνυμα αυτό γράφτηκε 15 χρόνια πριν. Ο συντάκτης του πιθανόν να έχει αλλάξει απόψεις έκτοτε.
vimaproto
Πολύ δραστήριο μέλος
Το σημαντικότερο είναι ότι η δύναμη (λέει) ενεργεί ασταμάτητα. Αρα το σώμα επιταχύνεται. Δεν κάνει όμως ομαλά επιταχυνόμενη κίνηση γιατί η μάζα αδράνειας αυξάνει και κάποια στιγμή θα γίνει άπειρη (θεωρία Σχετικότητας, όταν η ταχύτητα υ=c του φωτός) και τότε θα χρειαστεί άπειρη δύναμη για να την κινήσει. Εχουμε τέτοια δύναμη;
Τα έχετε αυτά υποψη?
Μάλλον πρέπει να τη ξεχάσετε.
Σημείωση: Το μήνυμα αυτό γράφτηκε 15 χρόνια πριν. Ο συντάκτης του πιθανόν να έχει αλλάξει απόψεις έκτοτε.
-
Το forum μας χρησιμοποιεί cookies για να βελτιστοποιήσει την εμπειρία σας.
Συνεχίζοντας την περιήγησή σας, συναινείτε στη χρήση cookies στον περιηγητή σας.