Το iSchool είναι η μεγαλύτερη μαθητική διαδικτυακή κοινότητα με 67,427 εγγεγραμμένα μέλη και 3,406,906 μηνύματα σε 102,069 θέματα. Αυτή τη στιγμή μαζί με εσάς απολαμβάνουν το iSchool άλλα 124 άτομα.
Με κάποιες επιφυλάξεις.Με rolle στο (a,b) προκύπτει ρίζα της f' και άρα της f,έστω η x_1.Mε rolle στο (a,x_1) έχουμε κ' άλλη ρίζα της f' και άρα της f.Eπαγωγικά προκύπτει το ζητούμενο.
Ωραίο θέμα τελικά.Χωρίζουμε το [a,b] σε k+l+m ισομηκή διαστήματα.Τώρα απλώς εφαρμόζουμε ΘΜΤ στα (a,x_1),(x_1,x_2),(x_2,b) με x_1-a=k,x_2-x_1=l,b-x_2=m.
Προφανώς! και θα την διαγράψουνε. Δεν νομίζω να είπα το αντίθετο.Η απόδειξη της jensen δεν γίνεται μόνο με karamata.Για 2 μεταβήτές η jensen αποδεικνύεται με 2 ΘΜΤ.Αυτό που ήθελά να τονίσω είναι ότι όλοι πρέπει να γνωρίζουν αυτήν και την απόδειξή της.Δες το περσινό 4ο θέμα των πανελληνίων και θα...
Αρχικά αν αντικαταστήσεις απλώς τα f(a),f(b),f((a+b)/2) προκύπτει άμεσα η ανισότητα.Επίσης το παραπάνω είναι εφαρμογή της ανισότητας jensen στην κυρτή x^2 που είναι βασική και πρέπει να την γνωρίζουμε όλοι οι υποψήφιοι.
Το θέμα του kuriazipao4ever αν κατάλαβα καλά είναι η 2η επανάληψη στην λύση του Αντώνη.Η άσκηση λέει να γεμίζει τον πίνακα και όχι να εμφανίζει τίποτα.Μικρό το κακό βέβαια.
Μου φαίνεται καλό είναι αφού δεν χρειάζεται να μηδενίζεται πουθενά το πλήθος,απλώς πρέπει να τερματίζεται ο αλγόριθμος όταν χ1=4 που αυτό συμβαίνει στον παραπάνω αλγόριθμο.Είναι αργά βέβαια,ίσως να λέω ό,τι να'ναι :P
Ακόμα δεν καταλαβαίνω ποιό ήταν το πρόβλημα στο παραπάνω.Όλοι γνωρίζουν τι θα πει βαθμός ενός πολυωνύμου και απλώς τον ονόμασα n ώστε να καταλήξω σε μια εξίσωση.Πού κολλάνε οι 10 τύποι,τα παράξενα σύμβολα κλπ??
Για την ανισότητα :
Υπάρχουν 2 τρόποι με τους οποίους μπορεί να αποδειχθεί το ζητούμενο.
α)παραγοντοποίηση (δύσκολο)
β)αρκει να παρατηρήσει κανείς ότι f''(x)<0 για χ<0.Άρα η f είναι πάντα....
Το ζητούμενο πολυώνυμο είναι της μορφής a_nx^n+...+a_0.
Ο βαθμός του παραπάνω πολυωνύμου είναι προφανώς n.Ο βαθμός της παραγώγου ενός πολυωνύμου είναι ένας κάτω,δηλαδή ο βαθμός του f'(x) είναι n-1.
H δοσμένη σχέση τώρα λέει ότι τα πολυώνυμα f(x) και [f'(x)]^2 είναι ίσα και άρα έχουν ίσους...
Κάποιες υποδείξεις μόνο μιας και η άσκηση είναι απλή και βασική.
α)Αν n ο βαθμός του πολυωνύμου τότε 2(n-1)=n...ισότητα πολυωνύμων κλπ.
β)
ι)f'(x_0)=\displaystyle\frac{-1}{2}
ιι)f'(x_0)=tan135
Όλα ακολουθούν το ίδιο μοτίβο,προσπαθησέ την με τις παραπάνω υποδείξεις.
Εγώ κατάλαβα ότι ή για όλα τα x θα ισχύει το ένα ή για όλα τα x θα ισχύει το άλλο.Ίσως το παρεξήγησα.Πάντως για κάθε ενδεχόμενο θα συνιστούσα να το αναφέρετε όπως το bold παραπάνω που είναι ξεκάθαρο.
Όχι,καμία από τις 2 δεν είναι σωστές.Αν f,g συνεχείς και f^2(x)=g^2(x) για κάθε x στο Α τότε ισχύει f(x)=g(x) για κάποια x\in A και f(x)=-g(x) για τα υπόλοιπα(εκτός αν υπάρχουν επιπλέον συνθήκες στην άσκηση και η μια περίπτωση απορρίπτεται).
Η άσκηση ζητάει να βρούμε την f σε συνάρτηση με το α.Δηλαδή ο τύπος της να περιέχει και το α.Αντικαθιστώντας το b^2 με 1-a^2 τελειώσαμε.Με άλλα λόγια f(x)=\displaystyle\sqrt{(2x+a)^2+(a-1)^2}+\sqrt{(x+a)^2+(a-1)^2}
Κάπως μαθηματική εξήγηση:
Έστω f(x)=κ*sin(ax+b) Η περίοδος της συνάρτησης αυτής ισούται με την περίοδο της sinx(ή cosx ή ότι άλλο έχουμε) δια το συντελεστή της μεταβλητής. Στην προκειμένη δηλαδή που η περίοδος της sinx είναι 2π, η περίδος της f είναι 2π/a.Ομοίως βγαίνει και το 2π στις...
k=n^2+2004n=(n+1002)^2-1002^2<(n+1002)^2.
Για k=(n+1001)^2 δεν έχουμε λύσεις ενώ για κ=(n+1000)^2 είναι n=250.000.
Με λίγα λόγια είναι αυτή https://www.mathematica.gr/forum/viewtopic.php?f=58&t=32268.10
Το forum μας χρησιμοποιεί cookies για να βελτιστοποιήσει την εμπειρία σας.
Συνεχίζοντας την περιήγησή σας, συναινείτε στη χρήση cookies στον περιηγητή σας.